Bac Blanc Terminale ES - Février 2014 Correction de l'épreuve de Mathématiques (durée 3 heures)

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1 Bac Blanc Terminale ES - Février 2014 Correction de l'épreuve de Mathématiques (durée 3 heures) Exercice 1 (5 points) pour les candidats n ayant pas choisi la spécialité MATH Le tableau suivant donne l'indice des prix à la consommation en Allemagne sur la période Année Indice des prix à la consommation ,58 103,91 106,64 106,98 108,16 110,40 112,62 Source : Perspectives Monde 1. a) L indice des prix à la consommation en Allemagne était de 100 en 2005 et dépasse 110 en 2011 donc, il aura fallu 6 années pour que l indice des prix à la consommation en Allemagne augmente de 10 % à compter de b) De 2005 à 2012, l indice des prix à la consommation est passé de 100 à 112,62 soit une augmentation de 12,62 % en 7 ans et un coefficient multiplicateur de 1,1262. De plus : 1 1, ,1260 et 1 1, ,1268 donc 1 1,71 7 est le plus proche de 1, On peut donc dire que le taux d évolution annuel moyen de l'indice des prix à la consommation en Allemagne entre 2005 et 2012 est +1,71 % arrondi au centième. On suppose, pour toute la suite de l exercice, que l'indice des prix à la consommation en Allemagne continue à augmenter de 1,71 % par an à partir de Pour prévoir l'indice des prix à la consommation en Allemagne, on modélise la situation par une suite. On note u 0 l'indice en 2012 et l'indice en 2012+n. a) L indice augmente de 1,71 % d une année à l autre donc : u n 1 u n 1 1, La suite ( u n ) est donc géométrique de raison q 1,0171. b) D après la question précédente, u n u 0 1,0171 n avec u 0 112,62. On a donc : u n 112,62 1,0171 n pour tout entier naturel n. 1,0171 u n c) donc l année 2020 correspond à n 8 et u 8 112,62 1,0171 8, soit u_15 128,9807 Avec ce modèle, on peut donc prévoir un indice des prix à la consommation en Allemagne en 2020 de 128,98 (résultat arrondi à 10 2 près). 3. On considère l algorithme suivant : Initialisation : Affecter la valeur 0 à la variable N {initialisation} Affecter la valeur 112,62 à U {initialisation} Traitement : Tant que U 140 Affecter la valeur N 1 à N Affecter la valeur 1,0171 U à U Fin de Tant que Affecter la valeur N 2012 à N Sortie Afficher N a) Cet algorithme donne en sortie Il indique que l indice des prix à la consommation en Allemagne dépassera 140 en /8

2 b) On cherche à déterminer l'année où l'indice des prix à la consommation en Allemagne atteindra une valeur donnée I, ce qui revient à remplacer dans l algorithme précédent la valeur 140 par I. L algorithme suivant permet donc de répondre à la question : Initialisation : Choisir une valeur de I Affecter la valeur 0 à la variable N {initialisation} Affecter la valeur 112,62 à U {initialisation} Traitement : Tant que U I Affecter la valeur N 1 à N Affecter la valeur 1,0171 U à U Fin de Tant que Affecter la valeur N 2012 à N Sortie Afficher N c) L indice valait 100 en 2005 et, pour I 200, l algorithme précédent donne en sortie N 2046 ; on en déduit qu en 2046, l indice des prix à la consommation en Allemagne devrait avoir doublé par rapport à 2005 si l évolution reste la même. Exercice 1 (5 points) pour les candidats ayant choisi la spécialité MATH On considère un produit de consommation distribué exclusivement par trois circuits concurrents A, B et C. Le volume total distribué est supposé constant d'un mois à l'autre mais sa répartition change selon la demande d'un mois au suivant de la façon suivante : A perd 10 % de son volume distribué le mois précédent au profit de B et 20 % au profit de C ; B perd 15 % de son volume distribué le mois précédent au profit de A et 10 % au profit de C ; C perd 10 % de son volume distribué le mois précédent au profit de A et 10 % au profit de B. Au départ, A distribue 50 % du marché, B distribue 20 % et C le reste. 1. Pour tout entier naturel n, on note a n, b n et c n les pourcentages du volume total distribués respectivement par les circuits A, B et C au bout de n mois. A perd 10 % de son volume distribué le mois précédent au profit de B et 20 % au profit de C donc A en conserve 70 %, soit 0,71a n. B perd 15 % de son volume distribué le mois précédent au profit de A donc A gagne 0,15b n. C perd 10 % de son volume distribué le mois précédent au profit de A donc A gagne 0,1c n. On a donc, pour tout entier naturel n : a n 1 0,7a n 0,15b n 0,1c n. U n par U n c. n a) Au départ, A distribue 50 % du marché, B distribue 20 % et C le reste donc on a : On définit la suite ( ) a 0 50, b 0 20 et c d où U a n b n b) D après la question 1, on a : a n 1 0,7a n 0,15b n 0,1c n. En raisonnant de même, on obtient : b n 1 0,1a n 0,75b n 0,1c n et c n 1 0,2a n 0,1b n 0,8c n, soit : a n 1 0,7a n 0,15b n 0,1c n a n a n+1 b n 1 0,1a n 0,75b n 0,1c n U n 1 M U n avec U n c n 1 0,2a n 0,1b n 0,8c n b n, U n 1 c n b n+1 et M c n+1 0,7 0,15 0,1 0,1 0,75 0,1. 0,2 0,1 0,8 2/8

3 c) L égalité précédente U n 1 M U n, prouve que la suite ( U n ) est géométrique, de premier terme U 0 et de raison M donc on a U n M n U 0 pour tout entier naturel n. d) En appliquant la formule précédente et en arrondissant les résultats à 10 1 près, on obtient à la calculatrice : 41 32,7 U , U 3 26,2 41,1 28,6 28,6 U 24 28,6 42,8, U ,6 42,8 La répartition de la distribution entre les différents circuits est donc : - 41 % pour A, 23 % pour B et 36 % pour C au bout d'un mois ; - 32,7 % pour A, 26,2 % pour B et 41,1 % pour C de trois mois ; - 28,6 % pour A, 28,6 % pour B et 42,8 % pour C de deux ans ; - 28,6 % pour A, 28,6 % pour B et 42,8 % pour C de dix ans. On peut conjecturer qu au bout d un certain temps, la répartition va se stabiliser avec 28,6 % pour le circuit A, 28,6 % pour le circuit B et 42,8 % pour le circuit C. x 3. On cherche une matrice colonne U y z coefficients soit égale à 100, soit x y z 100. x y z 100 On admet que ce problème revient à résoudre le système : 6x 3y 2z 0. 2x 5y 2z 0 x y z 100 a) 6x 3y 2z 0 2x 5y 2z 0 N U V avec U x y, N z vérifiant U M U et telle que la somme de ses et V Après avoir vérifié à la calculatrice que la matrice N est inversible, on a : N U V U N 1 V On obtient à la calculatrice : x 200 7, y et z Résoudre le système précédent à l'aide d'un calcul matriciel. b) On a U 28,6 28,6 42,8 donc la matrice U semble être la limite de la suite ( U n ). Exercice 2 (5 points) pour tous les candidats On interroge des français de plus de 16 ans sur le nombre de langues étrangères qu'ils parlent «bien», c'est-à-dire qu'ils parlent suffisamment bien pour participer à une conversation. On choisit de manière aléatoire une personne de cet échantillon et on note : E 0 l'événement «la personne ne parle bien aucune langue étrangère» ; E 1 l'événement «la personne parle bien une seule langue étrangère» ; E 2+ l'événement «la personne parle bien au moins deux langues étrangères» ; A l'événement «la personne parle bien l'anglais» ; A l'événement contraire de A. 3/8

4 1. Si une personne ne parle bien aucune langue étrangère, alors elle ne peut pas bien parler l anglais donc on a : p E0 (A) 0 et p E0 (A) 1, comme notés sur l arbre. A l'issue du sondage, on observe que l'échantillon des personnes interrogées est partagé en trois catégories : 41 % des personnes interrogées ne parlent «bien» aucune langue étrangère donc p( E 0 ) 0, % des personnes interrogées parlent «bien» une seule langue étrangère donc p( E 1 ) 0,3. 29 % des personnes interrogées parlent «bien» au moins deux langues étrangères p E 2 0,29. De plus : 58 % des personnes parlant une seule langue citent l'anglais comme la langue qu'elle parle «bien» donc p E1 (A) 0,58 et p E1 (A) 1 p E1 (A), soit p E1 (A) 0, % des personnes parlant au moins deux langues citent l'anglais comme une des langues qu'elle parle «bien» donc p E2 (A) 0,82 et p E2 (A) 1 p E2 (A), soit p E2 (A) 0,18. On obtient : Dans la suite de l'exercice les résultats seront arrondis au centième. 2. p E 2+ A p E2 (A) p E 2 0,18 0,29 0,0522 soit p E 2+ A 0,05 La probabilité que la personne parle bien au moins deux langues et qu'elle ne parle pas «bien» l'anglais est donc égale à 0, E 0, E 1 et E 2+ forment une partition de l univers donc, d après la formule des probabilités totales : p(a) p(e 0 A p(e 1 A p(e 2+ A p E0 (A) p( E 0 ) p E1 (A) p( E 1 ) p E2 (A) p E 2 1 0,41 0,42 0,3 0,0522 0,5882 soit p(a) 0,59 La probabilité que la personne ne parle pas «bien» l'anglais est donc égale à 0, p A ( E 1 ) p( A E 1 ) p(a) avec p( A E 1 ) p E1 (A) p( E 1 ) 0,58 0,3 0,174 et p(a) 1 p( A ), soit p(a) 0,4118 d où : p A ( E 1 ) 0,4225 La probabilité que la personne parle bien une seule langue sachant qu'elle parle «bien» l'anglais est donc égale à 0, On admet dans cette question que 41 % des français de moins de 16 ans parlent «bien» l'anglais. On interroge successivement au hasard et de manière indépendante cinq français de moins de 16 ans. 4/8

5 La variable aléatoire X donnant le nombre de français de moins de 16 ans parlant «bien» l'anglais suit donc la loi binomiale de paramètres n 5 (nombre de français de moins de 16 ans interrogés) et p 0,41 (probabilité p(a) que le français de moins de 16 ans interrogé parle «bien» l'anglais). 5 a) p(x 3) 0, (1 0,41) 5 3 soit p(x 3) 0,23991 La probabilité que trois personnes exactement sur les cinq parlent «bien» l'anglais est donc égale à 0,24. b) p(x 2) 1 p(x 1) soit p(x 2) 0,68010 La probabilité qu' au moins deux personnes sur les cinq parlent «bien» l'anglais est donc égale à 0,68. Remarque : on peut aussi calculer : p(x 2) avec p(x 2) 1 p(x 0) p(x 1) p(x 0) 5 0 0,41 0 (1 0,41) 5 0 0,071 et p(x 1) 5 0 0,41 1 (1 0,41) 5 1 0,248 Exercice 3 (5 points) Pour chaque question, il n y a qu une réponse juste. Question 1 : Soit A(x) ( e x 1 )( e x 2 ). On a e x 0 quelque soit le réel x donc ( e x 2) 0 pour tout x. On en déduit que l expression ( e x 1 )( e x 2 ) est du signe de ( e x 1 ) avec : pour tous les candidats e x 1 0 e x 1 e x e 0 x 0 (propriété de la fonction exponentielle) x 0 L expression ( e x 1 )( e x 2 ) est donc positive ou nulle sur ] 0]. Question 2 : Soit ( u n ) la suite géométrique de premier terme u 0 2 et de raison 2,05. La somme de termes consécutifs d une suite géométrique de raison q ( q 0 et q 1 ) est donnée par : "nombre de termes" 1 q S = "premier terme" 1 q donc S u 0 u 1... u , ,05, soit S 21508,12 La valeur arrondie à l unité de la somme S u 0 u 1... u 12 est donc Question 3 : Soit la fonction f définie sur par : f ( x) ( x 3) e x. f est dérivable sur, de dérivée f définie par f (x) 1 e x (x 3)e x (x 4)e x f est dérivable sur, de dérivée f définie par f (x) 1 e x (x 4)e x (x 5)e x. On a e x 0 pour tout réel x donc f (x) est du signe de (x 5), d où : x 5 + f (x) 0 + La dérivée seconde de f s annule en 5 en changeant de signe. De plus : f( 5) 2e 5. La courbe C f de la fonction f admet donc comme point d'inflexion le point de coordonnées ( 5 2e 5 ). 5/8

6 Question 4 : On considère la suite ( u n ) définie par u 0 2 et pour tout n, u 3 n 1 4 u n 503,5. Soit ( v n ) la suite définie par v n u n On a : v n 1 u n u n 503, u n 1510,5 3 4 u n 1510, ( u ) n v n La suite ( v n ) est donc géométrique de raison q 3 4 avec De plus, v n u n 2014 u n v n donc lim n v n 0. Alors, lim n u n est égale à Question 5 : On considère la fonction f définie sur par f(x) xe x. f est dérivable sur, de dérivée f définie par f (x) 1 e x x e x (x 1)e x L équation de la tangente à la courbe représentative C f de f au point d abscisse 0 est donnée par : T 0 : y f (0) (x 0) f(0) avec f(0) 0 e 0 0 et f (0) (0 1)e 0 1 d où T 0 : y x. Exercice 4 (5 points) pour tous les candidats Un dépôt de gaz à usage domestique (butane, propane...) a été étudié de telle sorte que, en cas d'accident du réservoir, l'évolution du taux de gaz dans l'air du dépôt soit modélisée par une fonction f définie sur l'intervalle [0 10]. Le but de l exercice est de savoir pendant combien de temps, en cas de problème (fuite de gaz...), le mélange air-gaz reste explosif. PARTIE A 1. La représentation graphique C f de la fonction f est donnée ci-dessous. Le taux maximal de gaz dans l air correspond au point S d ordonnée 0,9 (à 0,1 près) de C f donc le taux maximal de gaz dans l air est de 0,9, soit 90 %. 2. Une des trois courbes données en annexe 2 est la représentation graphique de la fonction dérivée f de f. La fonction f semble croissante sur [0 1] et décroissante sur [1 10] donc la dérivée f de f doit être positive sur [0 1] et négative sur [1 10]. On en déduit que la représentation graphique de f doit être située au dessus de l axe des abscisses sur [0 1] et en dessous sur [1 10]. La courbe A ne convient pas car elle coupe l axe des abscisses en avec 1. La courbe B ne convient pas car elle est entièrement située au dessus de l axe des abscisses sur [0 10]. La représentation graphique de la fonction dérivée f de f ne peut donc être que la courbe C. 3. Suivant le taux de gaz dans l'air, le mélange peut présenter un danger d'explosion. La limite inférieure d'explosivité (L.I.E.) est de 0,2. En dessous de cette valeur, le mélange air-gaz est trop pauvre pour exploser. La limite supérieure d'explosivité (L.S.E.) est de 0,4. Au dessus de cette valeur le mélange air-gaz est trop riche pour exploser. 6/8

7 On trace : - la droite d équation y 0,2 qui coupe C f en A d abscisse 0,1 et D d abscisse 3,9. - la droite d équation y 0,4 qui coupe C f en B d abscisse 0,2 et C d abscisse 2,9. Le taux de gaz dans l air est donc compris entre 0,2 et 0,4 pour x compris entre 0,1 et 0,2 et pour x compris entre 2,9 et 3,9. Le mélange air-gaz est donc explosif 0,1 minute après l accident pendant 0,1 minute. Il redevient explosif 2,9 minutes après l accident pendant 1 minute. PARTIE B La fonction f est définie sur [0 10] par : f(x) 2,5xe x où x désigne le nombre de minutes écoulées après l'accident et f(x) le taux de gaz dans l air. 1. f(10) 2,5 10e 10 5e 10, soit f(10) 0,001 (arrondi à 0,001 près). 2. f est de la forme u e v donc f u e v u ( e v ) u e v u v e v u(x) 2,5x avec d où : u (x) 2,5 et donc : v(x) x v (x) 1 f (x) 2,5 e x 2,5x ( 1) e x 2,5 e x 2,5x e x (2,5 2,5x)e x On a donc : f (x) 2,5(1 x)e x pour tout nombre réel x de l'intervalle [0 10]. 3. f (x) 2,5(1 x)e x avec 2,5 0 et e x 0 pour tout x (propriété de la fonction exponentielle) donc f (x) est du signe de (1 x) avec : 1 x 0 x 1. De plus : f(0) 2,5 0 e 0 0, f(1) 2,5 1 e 1 2,5e 1 et f(10) 2,5 10 e 10 25e 10 d où : x signe de f 0 + f 2,5e e a) La fonction f est continue et strictement décroissante sur [1 10] avec f(1) 0,92 et f(10) 0,001 donc f(10) 0,2 f(1). On en déduit, d après le théorème des valeurs intermédiaires, que l équation f(x) 0,2 possède une solution unique dans l intervalle [1 10]. On a de même : f(10) 0,4 f(1) donc on en déduit que l équation f(x) 0,4 possède une solution unique dans l intervalle [1 10]. b) A l'aide de la calculatrice, on obtient : f(3) 0,2 f(4) f(3,8) 0,2 f(3,9) f(3,88) 0,2 f(3,89) f(3,882) 0,2 f(3,883) On a donc 3,88 et 2,90 (arrondi à 0,01 près) f(2) 0,4 f(0,3) f(2,8) 0,4 f(2,9) f(2,89) 0,4 f(2,90) f(2,895) 0,4 f(2,896) c) On a 3,88 et 2,90 donc 0,98 Une estimation de la durée d'explosivité, après que le taux maximal a été atteint est donc de 0,98 minute. 7/8

8 Annexe 1 Annexe 2 Courbe A Courbe B Courbe C 8/8

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