Pour chaque proposition, indiquer si elle est vraie ou fausse et justifier soigneusement la réponse. Les questions sont indépendantes entre elles.

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1 TS - Maths - D.S.5 Samedi 17 janvier 015-4h Spécialités : SVT - Physique Exercice 1 (5 points) Pour les candidats n ayant pas suivi l enseignement de spécialité Pour chaque proposition, indiquer si elle est vraie ou fausse et justifier soigneusement la réponse. Les questions sont indépendantes entre elles. 1. On considère le cube ci-dessous. Les points I et J sont respectivement des points des segments [AE] et [EF]. Proposition 1 : La droite (IJ) est orthogonale à la droite (BC). Vraie. En effet (BC) est orthogonale à la droite (AB) car ABCD est un carré et (BC) est orthogonale à (BF) car BCGF est un carré. Donc la droite (BC) est orthogonale à deux droites sécantes (AB) et (BF) du plan (ABFE). Ainsi (BC) est orthogonale à toutes les droites de ce plan, (IJ) étant une droite du plan (ABFE) car I est un point de [AE] et J un point de [EF], on a en conclusion (BC) orthogonale à (IJ).. Le plan complexe est rapporté à un repère orthonormé direct ( O ; u, v ). On considère les points A, B et C d affixes respectives : a = + i, b = 3 + i, c = 1 + i 3. Proposition : Les points A, B et C sont alignés. Vraie.On détermine les affixes des vecteurs AB et AC puis on vérifiera si ils sont colinéaires ou non. z AB = z B z A = b a = 3+i i = 3 i et z AC = z C z A = c a = 1+i 3 i = 1+i ( 3 ). On a alors AB( 3 ; 1) et AC ( 1 ; 3 ), on teste la colinéarité entre ces deux vecteurs : ( 3) ( 3 ) ( 1) ( 1) = = 0. Donc les vecteurs AB et AC sont colinéaires ainsi les points A, B et C sont alignés. 3. Proposition 3 : Toute suite croissante tend vers +. Faux. Si une suite est croissante et majorée, elle est convergente et donc elle ne tend pas vers +. TS - D.S.5 - Page 1/ 8

2 Un contre-exemple pour contredire la proposition est la suite u n = 1. Elle est en effet croissante et n elle converge vers Soit f la fonction définie sur R par : { x 4x + 3 si x 1 f (x) = x + si x > 1 Proposition 4 : La fonction f est continue sur R. Faux. La fonction n est pas continue en 1 car f (1) = 1 et lim x + = 4 f (1). e x 1 5. Proposition 5 : lim x 0 x 3 = +. e x 1 e x 1 Vraie. lim x 0 x 3 = lim 1 x 0 x x. e x 1 Or lim = e 0 1 = 1 car c est le nombre dérivé de la fonction exponentielle en 0 et lim = + donc x 0 x x 0 x e x 1 par produit de limites on obtient la limite escomptée lim x 0 x 3 = Soit f la fonction définie sur R par f (x) = 3ex e x + 1. Proposition 6 : La fonction f est dérivable sur R et sa dérivée est donnée par la formule f (x) = 3ex 3e 3x (e x + 1). Vraie. La fonction f est dérivable comme quotient de fonctions dérivables sur R. On a f de la forme f = u v et f = u v uv v. Avec u(x) = 3e x, u (x) = 3e x et v(x) = e x + 1, v (x) = e x pour x R car pour une fonction u dérivable (e u ) = u e u. Alors pour x R, f (x) = 3ex (e x + 1) 3e x e x (e x + 1) = 3e3x + 3e x 6e 3x (e x + 1) = 3ex 3e 3x (e x + 1) x 1 x>1 TS - D.S.5 - Page / 8

3 Exercice (5 points) Virus Les deux parties A et B peuvent être traitées indépendamment. Les résultats seront donnés sous forme décimale en arrondissant à Dans un pays, il y a % de la population contaminée par un virus. Partie A : On dispose d un test de dépistage de ce virus qui a les propriétés suivantes : La probabilité qu une personne contaminée ait un test positif est de 0,99. La probabilité qu une personne non contaminée ait un test négatif est de 0,97. On fait passer un test à une personne choisie au hasard dans cette population. On note V l évènement «la personne est contaminée par le virus»et T est l évènement «le test est positif». 1. (a) Préciser les valeurs des probabilités P(V ), P V (T ) et P V (T ). Traduire la situation à l aide d un arbre de probabilité. On a P(V ) = 0,0, P V (T ) = 0,99 et P V (T ) = 0,03. On obtient l arbre suivant : (b) En déduire la probabilité de V T. On a P(V T ) = P(V ) P V (T ) = 0,0 0,99 = 0, Démontrer que la probabilité que le test soit positif est 0,049. D après la formule des probabilités totales on a : P(T ) = P(V T ) + P(V T ) = 0, P(V ) P V (T ) = 0, ,98 0,03 = 0, (a) Justifier par un calcul la phrase : «Si le test est positif, le pourcentage des personnes contaminés est d environ 40%». On a P T (V ) = P(V T ) = 0,0198 P(T ) 0,049 0,404. Il y a donc 40% de chance que la personne soit contaminée si le test est positif. Partie B : (b) Déterminer la probabilité qu une personne ne soit pas contaminée par le virus sachant que son test est négatif. Que peut-on en conclure? On a P T (V ) = P(V T ) = P(V ) P V (T ) = 0,98 0,97 1 0,049 0,9998. P(T ) 1 P(T ) Si le test est négatif, on est «quasi»sûr (99,98%) que la personne n est pas contaminée. Il y a très peu de chance d obtenir un faux négatif. On choisit successivement 100 personnes de la population au hasard, on considère que les tirages sont indépendants. On appelle X la variable aléatoire qui donne le nombre de personnes contaminées par le virus parmi ces 100 personnes. TS - D.S.5 - Page 3/ 8

4 1. Justifier que X suit une loi binomiale dont on donnera les paramètres. La contamination par le virus de chaque personne est une expérience de Bernoulli, avec être contaminée pour «succès». La probabilité de succès est 0,0. Cette expérience est répétée 100 fois de manière indépendante (car les tirages sont identiques). X est la variable aléatoire qui compte les «succès». X suit donc la loi binomiale de paramètres n = 100 et p = 0,0.. Calculer la probabilité qu il y ait au moins deux personnes contaminées parmi les 100. On calcule à l aide de la calculatrice : P(X ) = 1 P(X 1) 0, Combien peut-on espérer avoir de personnes saines parmi ces 100 personnes? On détermine l espérance E(X ) = n p = 100 0,0 =. On peut espérer seulement personnes contaminées et donc 98 saines. Exercice 3 (5 points) Suites L objet de cet exercice est d étudier la suite (u n ) définie sur N par u 0 = 3 et pour tout entier naturel n, u n+1 = 1 ( u n + 7 ) u n On pourra utiliser sans démonstration le fait que pour tout entier naturel n, u n > On désigne par f la fonction définie sur l intervalle ]0 ; + [ par f (x) = 1 Démontrer que la fonction f admet un minimum. ( x + 7 ). x En déduire que pour tout entier naturel n, u n 7. La fonction f est dérivable sur ]0 ; + [ comme de somme de fonctions dérivables sur ]0 ; + [ et sur cet intervalle : f (x) = 1 (1 7x ) = 1 ( x x 7 ) qui est du signe de x 7. Donc f (x) = 0 x 7 = 0 ( x 7 )( x + 7 ) = 0 x = 7 ou x = 7. Il y a donc une solution dans l intervalle ]0 ; + [ : 7. Le trinôme x 7 est positif sauf entre ses racines donc ici sur ] 0 ; 7 [. Conclusion : f est décroissante sur ] 0 ; 7 ] puis croissante sur [ 7 ; + [ ; donc f ( 7 ) est le minimum de f sur ]0 ; + [. f ( 7 ) = 1 ( ) = 1 ( ) = 7. 7 D après l énoncé, pour tout entier naturel n, u n > 0 alors par définition du minimum de f pour tout entier naturel n,u n+1 = f (u n ) 7 y compris u 0 = 3, car 3 > 7.. (a) Démontrer que la suite (u n ) est décroissante. u n+1 u n = 1 ( u n + 7 ) u n = 1 ( ) 7 u n = 1 u n u n ( 7 u n Comme 1 > 0, u n > 0 et que u n 7 un 7 (car la fonction carré est croissante sur [0 ; + [) un u n 0, on en conclut que Donc la suite (u n ) est décroissante. u n u n+1 u n 0 (b) En déduire que la suite (u n ) est convergente. La suite (u n ) étant décroissante et minorée par 7 est donc convergente vers une limite supérieure ou égale à 7. ). TS - D.S.5 - Page 4/ 8

5 ( un 7 ) 3. Démontrer que pour tout entier naturel n, u n+1 7 = 1. u n u n+1 7 = 1 ( u n + 7 ) 7 = 1 ( u n + 7 ) ( 7 = 1 ) u n + 7 u n 7 = 1 ( un 7 ). (identité remarquable) u n u n u n u n 4. On définit la suite (d n ) par : d 0 = 1 et pour tout entier naturel n, d n+1 = 1 d n. (a) Démontrer par récurrence que pour tout entier naturel n, Initialisation : u 0 7 = 3 7 0,35 et d 0 = 1. On a bien u 0 7 d 0. Hérédité : u n 7 d n. Remarque préliminaire : on a démontré que u n 7, donc u n > 1 ou encore 1 < 1 ( ). u n Supposons qu il existe un entier naturel k quelconque tel que u k 7 d k soit vraie montrons que u k+1 7 d k+1 est vraie. ( uk 7 ) u k+1 7 = 1. u k Donc comme 0 u k 7 d k ( u k 7 ) d car la fonction carré est croissante sur [0 ; + [ k D où 1 ( uk 7 ) 1 d k Ainsi 1 ( uk 7 ) 1 u k d k 1 car u k > 0. u k Or d après la question 3 : ( uk 7 ) u k+1 7 = 1 u k. Ainsi u k d k 1 1 u k d d après l inégalité (*) de la remarque ci-dessus. k Finalement u k d k u k+1 7 d k+1. L hérédité est établie. Conclusion : L initialisation et l hérédité étant vérifiée, on a démontré par récurrence que : Pour tout entier naturel n, (b) On admet que la suite (d n ) converge vers 0. En déduire la limite de la suite (u n ). Pour tout entier naturel n, u n 7 d n. u n 7 d n et 7 u n 7 u n 7 + d n Or 7 et 7 + d n converge vers 7 alors par théorème d encadrement la suite (u n ) converge vers 7. (c) Voici un algorithme : TS - D.S.5 - Page 5/ 8

6 Variables : n et p sont des entiers naturels d est un réel. Entrée : Demander à l utilisateur la valeur de p. Initialisations : Affecter à d la valeur 1. Affecter à n la valeur 0 Traitement : Tant que d > 10 p. Affecter à d la valeur 0,5d Affecter à n la valeur n + 1. Fin Tant que Sortie : Afficher n. En entrant la valeur 9, l algorithme affiche le nombre 5. Quelle inégalité peut-on en déduire pour d 5? Justifier que u 5 est une valeur approchée de 7 à 10 9 près. L algorithme indique que pour que d n 10 9 il faut que n 5. On a donc d Comme u 5 7 < d 5 c est-à-dire u 5 7 < 10 9, on en déduit que u 5 est une valeur approchée par excès de 7 à 10 9 près. Exercice 4 (5 points) Fonction exponentielle On considère les deux courbes (C 1 ) et (C ) d équations respectives y = e x et y = x 1 dans un repère orthogonal du plan. Le but de cet exercice est de prouver qu il existe une unique tangente T commune à ces deux courbes. 1. Sur le graphique représenté dans l annexe 1, tracer approximativement une telle tangente à l aide d une règle. Lire graphiquement l abscisse du point de contact de cette tangente avec la courbe (C 1 ) et l abscisse du point de contact de cette tangente avec la courbe (C ). Graphiquement l abscisse du point de contact de cette tangente avec la courbe (C 1 ) est a 0,8 et l abscisse du point de contact de cette tangente avec la courbe (C ) est b 1,.. On désigne par a et b deux réels quelconques, par A le point d abscisse a de la courbe (C 1 ) et par B le point d abscisse b de la courbe (C ). (a) Déterminer une équation de la tangente (T A ) à la courbe (C 1 ) au point A. Une équation de la tangente (T A ) à la courbe (C 1 ) au point A est donnée par la formule : y = f (a)(x a) + f (a), avec f (x) = e x la fonction polynôme définie et dérivable sur R tel que f (x) = e x. Ainsi une équation de cette tangente est : y = e a (x a) + e a y = e a x + e a (1 a) (b) Déterminer une équation de la tangente (T B ) à la courbe (C ) au point B. Une équation de la tangente (T B ) à la courbe (C ) au point B est donnée par la formule : y = g (b)(x b)+ g (b), avec g (x) = x 1 une fonction polynôme donc définie et dérivable sur R tel que g (x) = x. Ainsi une équation de cette tangente est : y = f (b)(x b) + f (b)y = b(x b) + ( b 1) y = bx + b 1 (c) En déduire que les droites (T A ) et (T B ) sont confondues si et seulement si les réels a et b sont solutions du système (S) : { e a = b e a ae a = b 1. TS - D.S.5 - Page 6/ 8

7 On a (T A ) = (T B ). En identifiant terme à terme les deux équations, on obtient : { e a = b (T A ) = (T B ) (S) : e a (1 a) = b 1 (d) Montrer que le système (S) est équivalent au système (S ) : { e a = b e a + 4ae a 4e a 4 = 0. (S) { b = e a { ( ) b = e a e a (1 a) = ea 1 4e a (1 a) = (e a ) 4 { e a = b e a + 4ae a 4e a 4 = 0 3. Le but de cette question est de prouver qu il existe un unique réel solution de l équation (E) : e x + 4xe x 4e x 4 = 0. Pour cela, on considère la fonction f définie sur R par : f (x) = e x + 4xe x 4e x 4. (a) Montrer que pour tout x appartenant à ] ; 0[, e x 4 < 0 et 4e x (x 1) < 0. La fonction exponentielle étant strictement croissante sur ] ; 0[, x 0 e x e 0 e x < 0 et x ] ; 0[ x < 0 x 1 < 1 < 0 = 4e x (x 1) < 0 car 4e x > 0 (b) En déduire que l équation (E) n a pas de solution dans l intervalle ] ; 0[. L équation (E) n a pas de solution dans l intervalle ] ; 0[, car sur cet intervalle, e x + 4xe x 4e x 4 < 0. (c) Démontrer que la fonction f est strictement croissante sur l intervalle [0 ; + [. La fonction f est dérivable sur [0 ; + [ comme somme et produit de fonctions dérivables. On commence par dériver la fonction i (x) = 4xe x, de la forme u v dont la dérivée est égale à u v+uv avec u(x) = 4x, u (x) = 4 et v(x) = e x, v (x) = e x pour x [0 ; + [. Ainsi pour x [0 ; + [ : i (x) = 4e x + 4xe x et donc : f (x) = e x + 4e x + 4xe x 4e x = e x + 4xe x > 0 (somme de nombres strictement positifs) Alors la fonction f est strictement croissante sur [0 ; + [. (d) Démontrer que l équation (E) admet une solution unique dans l intervalle [0 ; + [. On note a cette solution. Donner un encadrement d amplitude 10 de a. La fonction f est continue sur [0 ; + [ en tant que somme et produit de fonctions continues sur [0 ; + [. La fonction f est strictement croissante ( sur [0 ; + [. ) On a f (0) = 7 et lim f (x) = lim x + x + ex x e x 4 e x 4 = + e x x 4 par somme et produit des limites suivantes lim x + e x = lim x + e nx = 0 (n = 1 ou ) Or 0 [ 7 ; + [= f ([0 ; + ). D après le théorème des valeurs intermédiaires appliqué aux fonctions strictement monotones, l équation f (x) = 0 admet une unique solution notée a sur [0 ; + [. Pour un encadrement d amplitude 10 de a (en utilisant la calculatrice) : f (0,84) 0,117 et f (0,85) 0,07 = 0,84 a 0,85 TS - D.S.5 - Page 7/ 8

8 4. On prend pour A le point d abscisse a. Déterminer un encadrement d amplitude 10 1 du réel b pour lequel les droites (T A ) et (T B ) sont confondues. 0,84 a 0,85,31 < e 0,84 e a e 0,85 <,34 (car la fonction exponentielle est croissante sur R) 1,155 ea 1,17 1,155 ea 1,17 1,17 ea 1,155 1, b = ea 1,1 Annexe (Exercice 4, question 1) 4 (C 1 ) 3 A 1 a b B 3 (C ) 4 5 TS - D.S.5 - Page 8/ 8