Corrigés de la séance 6 Chapitre 6: Statique

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1 Corrigés de la séance 6 Chapitre 6: Statique Questions pour réfléchir Q5. p.224 La Fig. Q5 montre un avant-bras et une main exerçant une force, vers le bas, sur un livre. Expliquer la physique de cette situation. En quoi diffère-t-elle de celle du bras portant le livre? Faites vous-même l essai en contrôlant l effort de vos propres muscles. Pousser sur le livre: contraction du triceps, rotation de l avant-bras autour du point de contact entre l humerus et le cubitus (os du dessous), biceps relâché. Porter le livre: contraction du biceps, rotation de l avant-bras autour du point de contact entre l humerus et le radius (au-dessus), triceps relâché. Le moment de la force de contraction par rapport au point de contact humerusradius compense celui du poids du livre (et de l avant-bras). Q6. p.225 Pourquoi est-il plus facile de tenir une longue tige horizontalement en son milieu plutôt qu à son extrémité? Porter la tige en son milieu: on doit seulement compenser le poids de la tige. Les moments des poids des deux demi-tiges par rapport au point de portage se compensent. Porter la tige à une extrémité: la main doit en plus exercer un moment de force qui compense le moment du poids de la tige par rapport à la main. Q9. p.225 Mettez-vous debout jambes tendues, le dos contre le mur, les pieds reposant sur le sol avec les talons touchant le mur. Essayez de toucher vos orteils avec le bout de vos doigts. Expliquez pourquoi vous ne pouvez pas le faire. 1

2 En pliant le corps, le centre de gravité est amené devant les orteils. Le poids du corps a alors un moment de forces par rapport aux pieds, que la reaction du sol sur la surface des pieds ne peut pas compenser. On tombe donc vers l avant. Le mur empêche qu on recule le bas du dos pour s équilibrer. Exercices 9. p.227 Considérant le dispositif de la Fig. P9, déterminer l indication du dynamomètre de la corde de droite et l angle θ. Première loi de la statique: équilibre de translation dans toutes les directions. Figure P9 Equilibre dans la direction x: F sinθ 20N sin 30 o = 0 (a) Equilibre dans la direction y: F cos θ + 20N cos 30 o 30N = 0 (b) 30N 20N cos 30o De (b): F = cos θ ; remplacé dans (a): tanθ = D où θ = 38 o ; F = 16N. 20N sin 30o 30N 20N cos 30 o = 0, p.229 On considère le dispositif de la Fig. P21. Déterminez l angle d inclinaison du crochet de la poulie et la réaction de l anneau auquel elle est suspendue. Les forces qui s exercent sur la poulie sont la force de traction F m, la force de réaction du crochet F c et la tension du dynamomètre F d. En l absence de frotte- 2

3 F_c α y x F_d β F_m Figure P21 ments dans la poulie, la tension dans la corde est constante: F d = F m. Notons α l angle entre la verticale et le crochet, et β l angle entre les cordes. Equilibre dans la direction x: Equilibre dans la direction y: F m sinβ F c sinα = 0 F d F m cos β + F c cos α = 0 De (a): F c sinα = 0, 5 100N. Remplaçons dans (b): F c cos α = 100N (1 + 0,5 ). Donc tan α = = 0, 268; α = 15 o et F c = 193N (17.) p.228 Déterminez le poids de la masse m dans la Fig. P17, en supposant que les poulies et les cordes sont de poids négligeables. Chacun des contrepoids est à l équilibre. La tension dans la corde qui s exerce sur chaque contrepoids est donc T = (9, 81m/s 2 )(1, 0)kg = 9, 8N. Cette tension est constante dans la corde. La résultante des forces verticales sur la masse m doit être nulle: 2T sin20 o P = 0. Donc le poids P = 6, 7N. 28. p.230 La Fig. P28 montre un tendon exerçant une force de 80 N sur des os de la jambe. Supposez que le tendon agit horizontalement à 0,06 m du pivot du genou. Tracez un diagramme simplifié du système et calculez le moment de la force du tendon par rapport au pivot. 3 (a) (b)

4 La jambe tourne autour du genou dans le sens contraire des aiguilles d une montre. τ = r F ; τ = (0, 06m)(80N)sin 75 o = 4, 6Nm dans le sens contraire des aiguilles d une montre. τ 75 degres r F Figure P p.231 Henri (320 N) et Geneviève (200 N) jouent sur une balançoire de longueur 5,00 m. Ils sont assis sur les deux extrémités de la planche, dont on néglige le poids. Où doit se trouver le pivot, s ils sont en équilibre? Quelle est la force de réaction exercée par le pivot sur la planche? Equilibre des forces dans la direction verticale (sens positif vers le haut): R A P H P G = 0N, où R A représente la réaction de l appui. Donc R A = 520N. Equilibre des moments par rapport au pivot A (prenons le sens des aiguilles d une montre comme positif): P H l + P G (5, 00m l) = 0Nm. D où l = 1, 92m. Est-ce plausible? Oui, le bras de levier est plus petit du côté de la personne la plus lourde. 15. p.228 Considérant l armature rivetée de la Fig. P15, calculez les réactions du sol aux appuis A et H et la tension dans le barreau FH. On suppose que l appui A glisse sans frottements sur le sol, et que l appui H est un axe de rotation autour duquel l armature tourne sans frottements. On néglige le poids de l armature. En A: glissement sans frottement: pas de composante horizontale de la réaction du sol (R x,a = 0N). En H: rotation sans frottement: l axe empêche les translations horizontales et verticales (la réaction du sol en H peut avoir les 2 composantes), mais ne bloque pas la rotation (l appui H ne peut transmettre de moment de forces à la structure). Equilibre de translation de l armature complète: R A + Ry H = 1, N; 4

5 R_A H 5,00 m Appui A G y P_H l? P_G x Figure P32 Rx H = 0N. Par symétrie, R A = Ry H = 8, N. Tension dans le barreau GH: comme le point H est immobile, la résultante des forces est nulle. Donc dans la direction verticale: T FH sin60 o + Ry H = 0, donc T FH = 1, N: le barreau FH pousse sur l axe H, et est donc en compression. L équilibre de translation dans la direction horizontale permet de déterminer la tension dans le barreau GH: T GH + T FH cos 60 o = 0, donc T GH = 1, N 1 2 = 5, N: le barreau GH tire sur l axe H et est donc en traction. 62. p.234 Une boîte de céréales de dimensions 6, 0cm 35cm 46cm a une masse totale de 1,0 kg. La boîte est à proximité d une fenêtre ouverte et du vent souffle sur sa plus grande face. Quelle est la vitesse du vent capable de renverser la boîte? Pour la force exercée par un vent de vitesse v sur une surface de 1m 2, on utilisera la formule suivante: F = 0, 6v 2, où F est exprimée en N/m 2 et v en m/s. Regardons la boîte de côté (figure P62). Pour que le vent renverse la boîte, il faut que le moment de la force exercée par le vent par rapport au bord A soit supérieur 5

6 Figure P15 au moment du poids, qui tend à ramener la boîte à l équilibre. On suppose que le vent souffle de façon uniforme sur la grande face de la boîte, et donc que la résultante F v s applique au centre de celle-ci. Alors la condition pour renverser la boîte s écrit: F v h/2 > P e/2. F v = 0, 6v 2 S, où S est la surface de la grande face de la boîte. D où: 0, 6v 2 S > P e h. On trouve v > 3, 6m/s. F_v h A e P Figure P62 (60.) p.234 Dans l exercice 32, Henri et Geneviève étaient assis sur une balançoire sans poids. Supposons à present que la poutre soit homogène et pèse 200 N. Trouvez la position du pivot. Le poids de la balançoire s applique au centre de gravité de la balançoire (donc au 6

7 milieu, puisque la poutre est homogène). Equilibre des forces dans la direction verticale: R A P H P G P b = 0N. D où R A = 720N. Equilibre des moments par rapport au pivot A: (prenons le sens des aiguilles d une montre comme positif): D où l = 2, 08m. P H l + P G (5, 00m l) + P b (2, 50m l) = 0Nm. H R_A 5,00 m G y Appui A P_H l? P_b P_G x Figure P60 (63.) p.234 Une technique pour déterminer le centre de gravité d une personne est illustrée par la Fig. P63. La personne est étendue sur une planche horizontale, posée sur deux dynamomètres séparés par une distance h égale à la taille de la personne. Écrire l expression de x cg en fonction des quantités mesurées. On mesure: F N1, F N2 et la taille h de la personne. On demande: x cg. Equilibre de translation: F N1 + F N2 = F P (a) Equilibre de rotation par rapport au point de pesée 1: x cg F P = h F N2 (b) 7

8 (a) (b): x cg = h.f N2 F N1 + F N2. QUESTION DE L EXAMEN DE JUIN 2006 Une caisse de 200 kg tombe d un camion qui descend à la vitesse de 72 km/h une route inclinée de 10 o par rapport à l horizontale (on considère que la caisse est tombée du camion sans avoir de vitesse initiale par rapport à celui-ci). a. Quelle est la condition pour que la caisse s arrête à cause de son frottement sur le sol? b. Si la caisse parcourt une distance de 30 m avant de s arrêter, quel est le coefficient de frottement entre la caisse et la route? La caisse sur le sol subit deux forces: son poids et la force de frottement. L accélération le long de la route est la somme des composantes tangentielles de ces deux forces. En prenant l axe selon la pente de la route et dirigé vers le bas, on a: ma = mg sinθ F f = mg sinθ µ c N = mg sinθ µ c N = mg sinθ µ c mg cos θ a. Pour que la caisse s arrête, il faut que l accélération soit négative, c est-àdire: sinθ < µ c cos θ µ c > tan θ = 0, 18 b. La décélération étant constante, on a v 2 = v as = 0. Donc a = v2 0 2s, où v 0 est la vitesse initiale de la caisse, qui est celle du camion. Selon notre convention, s est positif. On a alors: µ c = tanθ a g cos θ v 2 0 = tanθ + 2sg cos θ (20 m/s) 2 = 0, m.9, 81 m/s 2 cos 10 o = 0, , 690 = 0, 87 (2 chiffres significatifs) 8

9 QUESTION DE L INTERRO DE NOVEMBRE 2004 Le Rotor de la Foire du Midi est un manège cylindrique, qui peut atteindre une vitesse d un tour par seconde. La paroi verticale est en bois; on considère que le coefficient de frottement statique entre les vêtements des passagers et le bois est de 0,20. On veut pouvoir escamoter le plancher lorsque le Rotor tourne à pleine vitesse, sans danger pour les passagers. a. Les dimensions du Rotor doivent-elles répondre à certaines conditions? Si oui, lequelles? b. Y a-t-il une condition sur le poids maximum des passagers? Si oui, laquelle? Ff N mg a. Un passager de masse m subit une force centripète, due à la réaction normale de la paroi, d intensité: N = mω 2 R, où ω = 1 tour/s = 2π rad/s est la vitesse angulaire du Rotor et R son rayon. La force de frottement maximale vaut: F f = µ s N = µ s mω 2 R. Elle doit être au moins égale (et opposée) au poids: µ s mω 2 R mg; d où la condition sur le rayon du Rotor : R g µ s ω 2 = 10 m/s 2 0, 20.(2π) 2 2 = 1, 3 m. rad/s b. Il n y a pas de condition sur le poids des passagers (m n apparaît pas dans l équation). 9

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