Correction des exercices dʼarithmétique

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1 Correction des exercices dʼarithmétique Exercice 1 Le plus petit nombre entier positif obtenu en poursuivant de la même manière cette suite de soustractions est le reste de la division euclidienne de 4937 par =19x donc cʼest 16. Exercice 2 1) a) Nombre terminant la liste «61, 57, 53,...» Méthode 1 En continuant à décompter de 4 en 4, on obtient : 61, 57, 53, 49, 45, 41, 37, 33, 29, 25, 21, 17, 13, 9, 5, 1. Le nombre qui termine la liste est 1. Méthode 1 (bis) On continue le décompte en retirant des multiples de 4. On part de 61, on retire 40, reste 21, on retire 20, reste 1. Le nombre qui termine la liste est 1. Méthode 2 Puisqu on décompte de 4 en 4 à partir de 61, on cherche combien de fois au maximum on peut enlever 4 de 61. Or 61 = (4 x 15) + 1 donc le dernier nombre est 1. C est le reste de la division euclidienne de 61 par 4. Le nombre qui termine la liste est 1. 1) b) Nombre terminant la liste commençant à Remarque : Dans cette question la valeur importante de la variable empêche d utiliser la méthode 1 précédente. Méthode 1 On part de 9 843, on retire 4 000, reste 5 843, on retire 4 000, reste 1 843, on retire 1 000, reste 843, on retire 800, reste 43, on retire 40, reste 3. Le nombre qui termine la liste est 3. Méthode 2 Effectuer des soustractions successives de 4 à partir de et rechercher le nombre entier à partir duquel on ne peut plus soustraire 4 revient à chercher le reste de la division euclidienne de par 4. On a : = 4 x donc le reste de la division euclidienne de par 4 est 3. Le nombre qui termine la liste est 3. 1) c) Nombre de termes de la liste Dans la liste «9 843, 9 839,..., 7, 3», on a termes correspondant aux retraits successifs de 4, auxquels il convient d ajouter le premier terme La liste comporte termes. 1) d) Le 100e terme de la liste étant le premier terme de la liste, pour obtenir le 100e terme, il suffit de soustraire 99 fois le nombre 4 à (99 x 4) = Le 100ème terme de la liste est Remarque : Cette question correspond à la situation classique «piquets intervalles». Les nombres de la liste correspondent aux piquets, les soustractions successives aux intervalles. Ainsi, le 100ième nombre est obtenu à la 99ième soustraction. 2) a) Quotient et reste de la division euclidienne de par On a : = (4 548 x 3 547) Puisque < 4 548, l égalité précédente est l égalité de la division euclidienne de par Dans la division euclidienne de par 4 548, le quotient est et le reste est ) b) Quotient et reste de la division euclidienne de par Puisque , l égalité = (4 548 x 3 547) ne permet pas de conclure sur la division euclidienne de par Or = Ainsi = (4 548 x 3 547) = (4 548 x 3 547) = ( ) x = (4 549 x 3 547) et 104 < Dans la division euclidienne de par 3 547, le quotient est et le reste est 104.

2 3) Quotient et reste de la division euclidienne de par = 8 x x x = 8 x (1 996 x ) + 6 x (1 996 x ) + 4 x (1 996 x ) = x [(8 x 501) + (6 x 50) + (4 x 5)] + (8 x 4) + (6 x 200) + (4 x 20) = x ( ) = (1 996 x 4 328) On a donc : = (1 996 x 4 328) avec < 1 996, ce qui permet de conclure. Dans la division euclidienne de par 1 996, le quotient est et le reste est Exercice 3 Dans une semaine il y a 7 jours. Il sʼagit donc de déterminer le nombre de semaines dans 300 jours, soit combien de fois 7 jours est contenu dans 300 jours. Cʼest un problème de division euclidienne : on connaît le dividende : 300 et le diviseur : 7 et on doit chercher le quotient q et le reste r tels que 300 = 7 x q + r avec 0 r <7. On a 300 = 7 x On en déduit que 42 semaines et 6 jours se seront écoulés à partir dʼaujourdʼhui, vendredi. Dans 300 jours, nous serons donc un jeudi. Exercice 4 1) On doit avoir: D < 4500, D = 82 d + 45 et 45 < d, en particulier 82 d + 45 < 4500, c'est à dire d 54. A chaque valeur de d comprise entre 46 et 54 correspond une valeur D, 82 d + 45, donnant un couple (D, d) solution. d : D= 82 d + 45 : ) On doit avoir: D < 4500, D = 82 d et 112 < d, en particulier 82 d < 4500, c'est à dire d 53. Il n'y a pas de solution! Car d doit être aussi inférieur à ) 82d + r < r < d implique 82d < r < d donc d 54 0 r < d L'existence d'un couple solution rend nécessaire la condition 0 r 53. Cette condition est suffisante car alors: 82 x 54 + r 82 x < Si r > 53, il n'y a pas de solution. Si r 53, il y a au moins un couple solution. 4) D=37q + q =38q d st un multiple de 38 et D est un nombre à deux chiffres donc D=38 et q=1 ou D=76 et q=2 Exercice 5 Lʼégalité : 3431 =71 x traduit la division euclidienne de 3431 par 71 avec un quotient égal à 48 et un reste égal à = donc 3453 = 71 x ; 45 et inférieur à 71 donc cette égalité traduit la division euclidienne de 3453 par 71 avec un quotient égal à 48 et un reste égal à = 71 x mais 73 est supérieur à 71 donc cette égalité ne traduit pas la division euclidienne de 3481 par 71. Cependant 73 = donc 3481 = 71 x donc 3481 = 71 x cette égalité traduit la division euclidienne de 3481 par 71 avec un quotient égal à 49 et un reste égal à = 71 x = 71 x : cette égalité ne traduit pas la division euclidienne de 3481 par 71 car le reste ne peut être négatif mais 71 x 48 = 71 x donc 3376 = 71 x donc 3376 = 71 x : cette égalité traduit la division euclidienne de 3376 par 71 avec un quotient égal à 47 et un reste égal à 39. Exercice = donc 100= 9 x = donc 1000 = 9 x = donc = 9 x Ainsi, on peut penser que, n étant un entier naturel supérieur ou égal à 1, le reste de la division euclidienne de 10n par 9 est 1 : 10n=9 x où est un nombre qui ne sʼécrit quʼavec n chiffres égaux à 1 Exercice 7 1) Le nombre n de livres composant le stock est donc égal à un nombre entier de fois 54, soit q x 54 où q est un nombre entier naturel. Autrement dit, cʼest un multiple de 54. Comme le nombre total de livres est au moins égal à 1500 et au plus égal à 1800, on écrire : q x 54 < Il sʼagit donc de chercher les multiples de 54 compris entre 1500 et En effectuant la division euclidienne de 1500 et 1800 par 54, on trouve que 1500 = 27x et que 1800 = 33x On déduit que le premier multiple de 54, supérieur à 1500, est 28x54 et que le dernier multiple de 54, inférieur à 1800, est 33x54. Les multiples de 54 compris entre 1500 est 1800 sont de la forme qx54 avec 28 q 33, soit : 28x54 = 1512 ; 29x54 = 1566 ; 30x54 = 1620 ; 31x54 = 1674 ; 32x54 = 1728 ; 33x54 = Ces nombres correspondent au nombre de livres composant le stock de lʼéditeur. Il y a donc plusieurs possibilités. 2) Soit p le nombre de livres dans un carton. Le nombre n de livres du stock est égal à 15 x p. 15 est donc un diviseur de n. Dʼaprès ce qui précède : n peut être égal à 1512, 1566, 1620, 1674, 1728, et Mais n doit être divisible par 15 donc à la fois par 5 et par 3. Seul 1620 est divisible par 15 : en effet, les autres nombres ne sont pas divisibles par 5 donc ils ne sont pas divisibles par = 108x15 Le stock de livres comprend 1620 livres et chaque carton contient 108 livres

3 Multiples et diviseurs, critères de divisibilité, nombres premiers Exercice 1 1. Utilisons un contre-exemple pour montrer que cette proposition est fausse: le nombre 3 lui-même est multiple de 3, mais n'est pas multiple de Cette proposition est vraie: un nombre divisible par 4 s'écrit 4 x k, où k est un entier naturel. Il s'écrit aussi 2 x 2 x k, il est donc divisible par Utilisons à nouveau un contre-exemple pour montrer que cette proposition est fausse: 10 est divisible par 2, mais pas par Cette proposition est vraie: en effet, tout nombre n multiple de 12 peut s'écrire n = k x 12 = k x 3 x 4; ce nombre n est donc multiple de 4, ce qui signifie qu'il est divisible par Cette proposition est fausse: en effet, tout nombre premier est divisible seulement par 1 et par lui-même; 2 est un nombre premier divisible par 1 et par lui-même, or 2 est un nombre pair. 6. Cette proposition est fausse: en effet, 2 et 7 sont des nombres premiers, mais = 9 n'est pas un nombre premier. Remarque: Un exemple suffit à montrer qu'une proposition est fausse; on parle dans ce cas de contreexemple. Mais un exemple ou plusieurs exemples ne prouvent pas qu'une proposition est vraie. Exercice 2 15 est multiple de 5 sans être multiple de 10.Les multiples de 5 se terminent par 0 ou 5 et les multiples de 10 par 0 ; donc les multiples de 5 se terminant par 5 sont des multiples de 5 sans être des multiples de 10. Tous les multiples de 10 sont des multiples de 5. Plus généralement si a est un multiple de b et best multiple de c alors a est un multiple de c. En effet si a est un multiple de b alors, il est un entier naturel q tel que a=b x q et si b est un multiple de c alors, il est un entier naturel qʼ tel que b=c x qʼ ainsi a= c x (qʼ x q) et qʼ x q est un entier naturel donc a est un multiple de c est égal à 28 x x donc à 28x ( ) or 28=4 x 7 donc = 7x 4x 1101 Cʼest donc un multiple de = 1 x 56, 56 = 2 x 28, 56 = 4 x 14, 56 = 7 x 8.Les entiers naturels qui 56 pour multiples sont les diviseurs de 56 :1, 2, 4, 7, 8, 14, 28,56. Les diviseurs de 48 sont 1, 2, 3, 4, 6, 8, 12, 16, 24,48.8, 16,24 et 48 ne sont pas des diviseurs de 12. Mais 12 divise 48 donc tout diviseur de 12 est un diviseur de 48. Exercice 3 Nous allons essayer dʼexprimer chacun de ces nombres en une somme de nombres divisibles par 9. A=10a4= xa + 4 = xa +a + 4 = xa a + 4 = xa + a + 5. Comme 999 et 9xa sont divisibles par 9, xa est divisible par 9. Pour que A soit divisible par 9, il suffit que a+5 le soit aussi. Or a est un chiffre, il ne peut être compris quʼentre 0 et 9. La seule possibilité pour que a+5 soit divisible par 9 est que a soit égal à 4. A = 1044 On remarque que a+5 =1+a+4 est la somme des chiffres du nombre A. B=31a = 3x x10 + a = 3x (99 + 1) + 1x (9+1) + a = 3x x a = 3x99 + 1x a = 3x99 + 1x9 + 4+a 3x99 et 1x9 sont divisibles par 9. Pour que B soit divisible par 9, il suffit que 4+ a le soit. Comme 0 a 9, la seule possibilité est que a=5. B = 315 On remarque 4+a = 3+1+a est la somme des chiffres du nombre B. C=a6324 = ax x x x = a x ( ) + 6 x (999 +1) + 3 x (99 +1) + 2 x (9+1) + 4 = a x a + 6x x x = a x x x x 9 + a = a x x x99 + a+15 Pour que C soit divisible par 9, il suffit donc que a + 15 le soit. Comme 0 a 9, la seule possibilité est que a=3. C = On remarque que a+13 = a est la somme des chiffres du nombre C. D= a56aa = ax x x ax10 + a = a x ( ) + 5 x (999 +1) + 6 x (99 + 1) + a x(9 +1) +a = a x a + 5x x a x9 +a +a = a x x999 +6x99 + a x9 + a a + a = a x x999 +6x99 + a x xa Pour que D soit divisible par 9 il suffit que 11+ 3xa le soit. En essayant toutes les valeurs de a comprises entre 0 et 9, on peut constater que 11+ 3xa nʼest jamais un multiple de 9. Il nʼy a pas de solution. On remarque que 11+ 3xa = a a + a est la somme des chiffres de D. On peut alors uniquement faire une hypothèse (puisque quʼil nʼest pas possible de déduire une condition générale en raisonnant uniquement à partir dʼexemples aussi nombreux soient-ils) concernant la condition pour quʼun nombre soit divisible par 9 : la somme des chiffres qui composent le nombre est divisible par 9. Nous admettrons (sans le démontrer) que si la somme des chiffres qui composent un nombre est divisible par 9 alors ce nombre est divisible par 9. Exercice 4 Le tableau comprend 900 nombres. Les nombres divisibles par 10 sont tous les nombres se terminant par le chiffre 0. Pour chaque chiffre des centaines fixé, il y a 10 de ces nombres correspondant à un chiffre des dizaines compris entre 0 et 9.Comme le chiffre des centaines varie entre 0 et 9, il y a alors 90 nombres se terminant par 0 et donc divisibles par 10 dans le tableau. Les nombres divisibles par 5 sont tous les nombres se terminant par 0 et par 5. Ceux qui se terminent par 0 ont déjà été comptés. Un raisonnement analogue à celui qui a permis de dénombrer les nombres divisibles par 10 montre qu'il existe 90 nombres se terminant par 5 dans le tableau.

4 Le premier nombre divisible par 11 supérieur à 100 est 10 x 11 = 110; le dernier nombre divisible par 11 inférieur à 999 est 90 x 11 (91 x 11 = 1001). Les nombres du tableau divisibles par 11 sont donc de la forme 11 x p, avec 10 p 90, p entier naturel. Il y a ainsi 81 de ces nombres. Parmi ces nombres il faut enlever les multiples de10 et de 5 :11 x 10,11 x 15, 11x 20, 11 x 25, 11 x 30,11 x 35,11 x 40,11 x 45, 11 x 50,11 x 55, 11 x 60, 11 x 65,11 x 70, 11 x 75, 11 x80, 11x 85, 11 x 90.il reste donc soit 64 nombres divisibles par11 mais pas par 10 ou 5 On a alors effacé en tout = 244 nombres. Il reste donc = 656 nombres dans le tableau. Exercice 5 1ère procédure possible Soit abcdef l'écriture chiffrée du nombre cherché. La deuxième condition peut se traduire par a < b < c < d < e < f. La troisième condition peut se traduire par: les nombres ab, cd et ef sont des nombres premiers. Les nombres premiers à deux chiffres sont: 11; 13; 17; 19; 23; 29; 31; 37; 41; 43; 47; 53; 59 ; 61; 67; 71; 73; 79; 83; 89; 97 En tenant compte de la deuxième condition, on trouve quatre possibilités pour le nombre cherché: ; ; ; D'après la première condition, le nombre cherché est divisible par 3 et parmi les quatre possibilités précédentes, Seul est divisible par est donc le nombre cherché. 2ème procédure possible Puisque les nombres ab, cd et ef sont premiers, b, d et f sont impairs et différents de 5. De plus, b < d < f; b ne peut être égal à 1, puisque a < b, d'où b = 3; d = 7 et f= 9 Puisque d < e < f, e ne peut être égal qu'à 8, ef = 89 et 89 est bien un nombre premier. Puisque b < c < d, et puisque c7doit être premier, c peut être égal soit à 4, soit à 6 puisque 47 et 67 sont des nombres premiers. En revanche, c ne peut être égal à 5 puisque 57 nʼest pas premier. Il y a donc deux possibilités pour cd 17 et 67. Comme a<b a peut être égal à 1 ou à 2. On a les possibilités suivantes pour le nombre abcdef , , et Parmi ces nombres seul est divisible par 3. Exercice 6

5 Exercice 7 1) Reste des divisions euclidiennes par 6 et par 3 Il s agit ici de divisions entre entiers, avec reste, c'est-à-dire de divisions euclidiennes. La division euclidienne de l entier a par l entier b non nul est la recherche des entiers q et r tels que a = b x q + r avec 0 r < b ; q représentant le quotient et r le reste de la division. Remarque : Les sommes des chiffres qui composent 21, 51 et (respectivement 3, 6 et 24) étant divisibles par 3, les sommes S1, S2 et S3 sont aussi divisibles par 3 et, par conséquent le reste de la division de ces nombres par 3 est nul. Les trois sommes ont pour reste 3 dans la division euclidienne par 6. Les trois sommes ont pour reste 0 dans la division euclidienne par 3. 2) a) Division par 6 de la somme de trois entiers impairs consécutifs Méthode 1 Tout nombre impair peut s écrire sous la forme (2n + 1) avec n entier naturel quelconque. En considérant que (2n + 1) est le plus petit des trois, les suivants sont (2n + 3) puis (2n + 5). Leur somme S peut donc s écrire : S = (2n + 1) + (2n + 3) + (2n + 5). On a donc S = 6n + 9 = 6n Ceci peut s écrire : S = 6(n + 1) + 3 (on reconnaît l égalité caractéristique de la division euclidienne par 6). Le reste de la division euclidienne par 6 de la somme de trois nombres impairs consécutifs est 3. Méthode 2 En considérant que (2n - 1) est le plus petit des trois entiers impairs consécutifs, les suivants sont (2n + 1) puis (2n + 3). Leur somme S peut donc s écrire : S = (2n - 1) + (2n + 1) + (2n + 3). On a donc S = 6n + 3 (on reconnaît l égalité caractéristique de la division euclidienne par 6). Le reste de la division euclidienne par 6 de la somme de trois nombres impairs consécutifs est 3. Méthode 3 En remarquant que les trois nombres sont des impairs consécutifs, le premier est celui du milieu moins 2, et le dernier est celui du milieu plus 2, donc la somme est égale à trois fois le terme du milieu. Le reste de la division euclidienne de cette somme par 3 est donc 0. Comme le nombre central est impair, il peut s écrire sous la forme (2n + 1), la somme des trois vaut 3 x (2n + 1), soit 6n + 3, le reste de la division euclidienne de cette somme par 6 est donc 3. Le reste de la division euclidienne par 6 de la somme de trois nombres impairs consécutifs est 3. 2) b) Division par 3 Méthode 1 En utilisant la méthode 1 de la question 2) a), on a : S = 6n + 9, soit S = 3(2n + 3) (on reconnaît l écriture caractéristique d un multiple de 3). Le reste de la division euclidienne par 3 de la somme de trois nombres impairs consécutifs est 0. Méthode 2 En utilisant la méthode 2 de la question 2) a), on a : S = 6n + 3, soit S = 3(2n + 1) (on reconnaît l écriture caractéristique d un multiple de 3). Le reste de la division euclidienne par 3 de la somme de trois nombres impairs consécutifs est 0. Méthode 3 D après la méthode 3 de la question 2) a), la somme de trois entiers consécutifs est égale à trois fois le terme du milieu, c est donc un multiple de 3, par conséquent, le reste de la division euclidienne de cette somme par 3 est 0. Le reste de la division euclidienne par 3 de la somme de trois nombres impairs consécutifs est 0. 3) Nombres impairs consécutifs de somme Dans cette question nous utilisons les mêmes méthodes, donc les mêmes notations que dans la question précédente. Méthode 1 Dans la méthode 1 de la question 2) a), on a S = 6n + 9. Donc on résout l équation 6n + 9 = , soit 6n = On en déduit n =

6 On vérifie alors aisément que (2 x ) + (2 x ) + (2 x ) = On obtient ainsi : = Les trois nombres cherchés sont 4 007, et Méthode 2 Dans la méthode 2 de la question 2) a), on a S = 6n + 3. Donc on résout l équation 6n + 3 = , où encore 6n = On en déduit n = On vérifie alors aisément que (2 x ) + (2 x ) + (2 x ) = On obtient ainsi : = Les trois nombres cherchés sont 4 007, et Méthode 3 Dans la méthode 3 de la question 2) a), en appelant n le nombre central, on a S = 3n, d où 3n = Ainsi n = 4 009, c est un nombre impair. On vérifie alors que : = Les trois nombres cherchés sont 4007, 4009 et Les trois nombres cherchés sont 4 007, et ) Recherche du nombre minimal de termes Remarque préalable : Implicitement, les cas p = 0 et p = 1 n ont pas de sens et donc dans cette question, on considère que p est au moins égal à 2. Méthode 1 : par essais successifs et contre-exemples Pour p = 2, prenons le cas S = = 4, ce n'est pas un multiple de 5, donc p=2 ne convient pas. Pour p = 3, prenons le cas S= = 9, ce n'est pas multiple de 5, donc p = 3 ne convient pas. Pour p = 4, prenons le cas S = = 16, ce n'est pas un multiple de 5, donc p = 4 ne convient pas. Pour p = 5, prenons le cas S = = 25, on obtient un multiple de 5. Evidemment, cet unique exemple ne prouve pas que n importe quelle somme S de 5 nombres impairs consécutifs est toujours un multiple de 5. Raisonnons dans le cas général. La somme S peut s écrire : S = (2n + 1) + (2n + 3) + (2n + 5) + (2n + 7) + (2n + 9) = 10n + 25 = 5(2n + 5) C est un multiple de 5. Donc 5 est bien la plus petite valeur possible pour p. Méthode 2 : par exhaustion des cas Etudions successivement la somme de 2, 3, 4, nombres impairs successifs. Soit (2n + 1) le premier nombre. Somme de 2 nombres impairs consécutifs : S = (2n + l) + (2n + 3) = 4n + 4. Cette somme n est pas toujours un multiple de 5 : un contre-exemple suffit : pour n = 0, on a S = = 4 et 4 n est pas un multiple de 5. Somme de 3 nombres impairs consécutifs : S = (2n + l) + (2n + 3) + (2n + 5) = 6n + 9. Cette somme n est pas toujours un multiple de 5 : en effet, pour n = 0, on a S = = 9 et 9 n est pas un multiple de 5. Somme de 4 nombres S = (2n + l) + (2n + 3) + (2n + 5) + (2n + 7) = 8n Cette somme n est pas toujours un multiple de 5 : en effet, pour n = 0, on a S = = 16 et 16 n est pas un multiple de 5. Somme de 5 nombres S = (2n + l) + (2n + 3) + (2n + 5) + (2n + 7) + (2n + 9) = 10n + 25 = 5(2n + 5). S est de la forme 5k avec k entier naturel, S est donc bien un multiple de 5. On en conclut que pour qu une somme de nombres entiers impairs consécutifs soit toujours un multiple de 5, il faut qu elle contienne au moins 5 termes. Méthode 3 : suites arithmétiques On peut considérer que les termes de la somme S de p nombres impairs consécutifs constituent une suite arithmétique de premier terme (2n + 1) et de raison 2, n étant un entier naturel quelconque. Le dernier terme de la somme de p termes est ((2n + 1) + 2(p - 1)). On a : S = (2n +1) + ((2n + 1) + 2)) + ((2n + 1) + 4)) +..+ ((2n + 1) + 2(p - 2)) + ((2n + 1) + 2(p - 1)) ; S = (2n +1) + (2n + 3) + (2n + 5) +. + (2n + 2p - 3) + (2n + 2p - 1) ; Après suppression des parenthèses et regroupement des p termes 2n on obtient : S = 2np (2p 3) + (2p 1) ; Cette écriture fait apparaître la somme des p premiers nombres impairs qui vaut p2 (cf. remarque cidessous).

7 Ainsi : S = 2np + p2 = p (2n + p). Pour que le produit p (2n+p) soit un multiple de 5 (pour toute valeur de n), il faut que 5 divise p, ou 2n+p. 1er cas, 5 est un diviseur de p. 2ème cas, 5 est un diviseur de (2n + p) pour toute valeur de n. Ceci est impossible, en effet, si l on suppose que 5 divise (2n + p), alors 5 diviserait aussi (2(n + 1) + p) or 2(n + 1) + p = (2n + p) + 2, qui n est pas divisible par 5. Ainsi la seule possibilité est p divisible par 5. Le cas p = 0 n a pas de sens (la somme ne comporterait aucun terme!) donc le plus petit entier non nul divisible par 5 est 5, donc la solution est p = 5. La solution est p = 5. Remarque : Calcul de la somme des p premiers nombres impairs. On sait que la somme des N premiers entiers vaut N (N + 1)/ 2, ainsi pour N = 2p on obtient la somme des 2p premiers entiers par la formule p (2p + 1). De plus la somme des p premiers entiers pairs vaut : p = 2( p) = 2 x p (p + 1)/ 2 = p (p + 1). On obtient la somme des p premiers entiers impairs en soustrayant à la somme des 2p premiers entiers, la somme des p premiers entiers pairs, à savoir : p(2p + 1) p(p + 1) = p 2. Exercice 8 Le nombre de billes par sac correspond à un diviseur de 1820 compris entre 20 et 150. Cherchons les diviseurs de 1820 : 1820 = 10 x 182 = 10 x 2 x 91 = 10 x 2 x 7 x 13 = 2 x 5 x 2 x 7 x 13 = 22 x 5 x 7 x13 0n peut alors chercher tous les diviseurs de 1820 en réalisant toutes les combinaisons des facteurs premiers un à un, deux à deux, trois à trois, quatre à quatre. Il y a 24 diviseurs de 1820.Ceux qui conviennent sont: 5x4=20(chaque sac contient 20 billes et il y a alors 91 sacs) ; 2x13 = 26(chaque sac contient 26 billes et il y a alors 70 sacs) 7x4 = 28(chaque sac contient alors 28 billes et il y a alors 65 sacs) 5x7 = 35 (chaque sac contient 35 billes et il y a alors 52 sacs) ; 4x 13 = 52 (chaque sac contient 52 billes et il y a alors 35 sacs) ; 5x 13 = 65 (chaque sac contient 65 billes et il y a alors 28 sacs) ; 5 x 7 = 70 (chaque sac contient 70 billes et il y a alors 26 sacs) ; 7x13 = 91 (chaque sac contient 91 billes et il y a alors 20 sacs) ; 5 x 2 x 13 = 130 (chaque sac contient 130 billes et il y a alors 14 sacs) ; 5 x 4 x 7 = 140 (chaque sac contient alors 140 billes et il y a 13 sacs). Exercice 9 1. Soit n le nombre d'enfants dans la colonie. n 100. Une solution serait de faire une seule équipe avec tous les enfants mais cherchons les autres solutions. Si on groupe tous les enfants par 3, il en reste 2 : cela signifie que n= q1x avec q1 le nombre de groupes de trois; donc n - 2 = q1x 3 ; n - 2 est un multiple de 3. Si on groupe tous les enfants par 4, il en reste 1 : cela signifie que n = q2 x avec q2 le nombre de groupes de quatre; donc n - 1 = q2 x4; n - 1 est un multiple de 4 Si on groupe tous les enfants par 5, il en reste 2 : cela signifie que n = q3 x avec q 3 le nombre de groupes de cinq; donc n - 2 = q 3x 5 ; n - 2 est un multiple de 5. n - 2 est un multiple de 3 et de 5, donc un multiple de 15 et n puisque n 100. Les solutions pour n - 2 correspondant aux deux conditions précédentes sont: 15; 30; 45 ; 60; 75 ; 90. Les solutions possibles pour n-1 sont donc: 16; 31; 46; 61; 76; 91. n -1 étant un multiple de 4, les solutions restantes sont: 16 et 76, donc n = 17 ou 77. Si le nombre d'enfants dans la colonie est 17, 17 étant un nombre premier, on ne peut constituer que des équipes de 1, or il y a au moins deux enfants dans les équipes. 77 n'est pas un nombre premier, il a deux diviseurs autres que 1 et 77 qui sont 7 et 11. Le nombre d'enfants dans la colonie est Avec 77 enfants, on peut constituer des équipes de 7 ou de 11, donc respectivement 11 ou 7 équipes. Exercice 10 Solution 1 : Le nombre de bouteilles diminué de 2 doit être un nombre multiple commun de 3, de 5 et de 7 plus grand que = 1498 plus petit que = 1598 Pour que le nombre soit multiple de 5 il doit se terminer par à ou 5. Donc la recherche commence à 1500 et sʼarrête à Pour quʼun nombre soit multiple de 3, la somme de ses chiffres doit être multiple de 3. Or 5+1 = 6 (somme du chiffre des unités de mille et du chiffre des centaines) est déjà un multiple de 3. Il faut donc que la somme du chiffre des dizaines et du chiffre des unités soit un multiple de 3. Quand le chiffre des unités est 0, le chiffre des dizaines peut être 3, 6 ou 9. Quand le chiffre des unités est 5, le chiffre des dizaines peut être 1 ou 4. Il reste donc à chercher les multiples de 7 parmi 1515, 1530, 1545, 1560, 1575, 1590 (on passe dʼun nombre au suivant en ajoutant 15).

8 La division par 7 de 1515 donne pour reste 3. La division par 7 de 15 a pour reste 1. Les restes successifs de la division par 7 des nombres retenus sont donc : 3, 4, 5, 6, 0, 1 Le seul nombre qui convient est 1575 Le nombre de bouteilles est donc soit 1577 bouteilles. Remarque Il existe un théorème qui permet de trouver le reste de la division par 7 dʼun nombre. Mais ce théorème nʼest pas utile ici car, pour lʼappliquer, les calculs sont relativement longs. Ce théorème est utile quand on cherche le reste de la division par 7 dʼun nombre dʼau moins 5 chiffres. Solution 2 : Soit n le nombre de bouteilles. Il faut que n-2 soit un multiple de 3, de 5 et de 7. Ces nombres étant premiers entre eux, tout multiple commun est un multiple de leur produit, cʼest à dire un multiple de 3 x 5 x 7 = 105. Le seul multiple de 105 compris entre 1500 et 1600 est 105 x 15 = Donc n-2 = 1575 et n = 1577

9 Exercice 11

10 Exercice 12 Question 1 a : En examinant les nombres donnés, on peut voir que 6+5 = 9+2 donc (6+5) (9+2) = 0 ce qui permet de trouver un nombre divisible par 11, soit par exemple Cette remarque peut conduire du fait de la commutativité de lʼaddition à trois autres nombres : 2695 ou 9526 ou 9625 ; En écrivant la différence opposée (9+2) (6+5) = 0 on obtient quatre autres nombres : 5269 ou 5962 ou 6259 ou Pour répondre à la question, il suffit de donner un de ces huit nombres. Question 1 b Un nombre de 4 chiffres est divisible par 11 si : (1er chiffre + 3ème chiffre) (2ème chiffre + 4ème chiffre) = 11k (k entier positif ou négatif) Le choix dʼune paire de deux chiffres parmi les quatre chiffres proposés détermine lʼautre paire (les deux chiffres restants) et il suffit alors de savoir si la différence correspondante sera ou non de la forme 11k. Ainsi avec la paire {2,9} associée à la paire {5,6} nous trouvons huit nombres qui vont être tous divisibles par 11 car la différence des sommes est nulle ou 2695 ou 9526 ou 9625 et 5269 ou 5962 ou 6259 ou 6952 en inversant les deux paires. Il nʼy a que deux autres possibilités : Si les chiffres 2 et 5 sont associés aux chiffres 6 et 9, la différence des sommes est : 15 7 = 8 ou 7 15 = - 8 Cela ne fournit pas dʼautres nombres divisibles par 11. Si les chiffres 2 et 6 sont associés aux chiffres 5 et 9, la différence des sommes est : 14 8 = 6 ou 8 14 = -6 Cela ne fournit pas dʼautres nombres divisibles par 11. Tous les nombres divisibles par 11 sont donc les huit cités. Remarque 1: Il existe 24 nombres formés avec les 4 chiffres différents donnés car : - il y a 4 choix possibles pour le premier chiffre, - ce choix étant fait, il y a 3 choix possibles pour le second, - et il reste 2 choix possibles pour le troisième - soit 4 x 3 x 2 = 24 nombres Nous avons envisagé 3 cas qui conduisent chacun à 8 nombres, ce qui fait bien 24 nombres différents. Remarque 2 : Lʼexamen des cas peut être fait plus rapidement de la façon suivante : Avec les quatre chiffres donnés, la différence positive maximale (1er chiffre + 3ème chiffre) (2ème chiffre + 4ème chiffre) est (9+6) (2+5) = 8 soit la somme des deux plus grands à laquelle on retranche la somme des deux plus petits. Pour que le nombre soit divisible par 11 la différence doit être de la forme 11k. donc la seule valeur possible de k est 0. Nous avons déjà trouvé à la question 1 les deux paires qui conduisent à ce cas : {2,9} et {5,6}. Il suffit dʼécrire les huit nombres. Question 2 Solution 1 : Avec les six chiffres donnés, la différence positive maximale : (1er chiffre + 3ème chiffre + 5ème chiffre) (2ème chiffre + 4ème chiffre + 6ème chiffre) est (4+5+6) (1+2+3) = 9, soit la somme des trois plus grands à laquelle on retranche la somme des trois plus petits. Pour que le nombre soit divisible par 11 la différence doit être de la forme 11k. donc des valeurs de k supérieures ou égales à 1 ou inférieures ou égales à 1 sont impossibles à trouver. La seule valeur possible pour k pourrait être 0. Mais comme la somme est impaire = 21, la valeur 0 est impossible aussi car si la différence valait 0 alors la somme sera le double de la somme (1er chiffre + 3ème chiffre + 5ème chiffre) et cette somme serait donc paire mais 21 nʼest pas pair. Il nʼy a pas de nombre divisible par 11 parmi tous les nombres écrits ainsi. Solution 2 Une autre solution consiste à examiner tous les cas. Parmi les six chiffres proposés choisir trois chiffres de rang donné détermine les trois autres chiffres restants. Par exemple si on choisit 1, 2, 3 de rang impair alors 4, 5, 6 seront de rang pair. Inversement si 1, 2 et 3 sont de rang pair, 4, 5, 6 seront de rang impair. La différence des deux sommes est : (1+2+3) (4+5+6) = -9 ou son opposé (4+5+6) (1+2+3) = 9 Dans les deux cas, ce nʼest pas de la forme 11k Toutes les possibilités sont résumées dans ce tableau :

11 Remarque : Nous avons bien examiné tous les cas. En effet, il y a 120 façons de choisir une suite ordonnée de 3 chiffres parmi 6 chiffres : 6 choix pour le premier, 5 choix pour le second et 4 choix pour le troisième soit 6x5x4 possibilités. Lʼordre des trois chiffres nʼintervient pas dans la somme. On peut permuter 3 chiffres de 6 façons possibles (3x2x1). Donc il y a 20 ensembles différents de trois chiffres (120 :6 = 20). Comme ces ensembles de trois chiffres sont associés deux par deux, il y a 10 cas à examiner. Aucune des différences trouvées nʼest un multiple de 11. Il nʼy a pas de nombre divisible par 11 parmi tous les nombres écrits ainsi. Exercice 13 1) le nombre est divisible par 4 car ses deux derniers chiffres forment le nombre 52 qui est divisible par 4 : 52 = 4 x 13 2) a) n a au moins deux chiffres ; on peut faire la division de n par 100 alors on sait quʼil existe deux entiers naturels q et r tels que n = 100q + r avec 0 r <100 b) si r est divisible par 4 alors il existe un entier k tel que r = 4k et n = 100q + 4k donc n= 4(25q + k) et k et q étant des entiers naturels 25q + k est un entier naturel donc n est divisible par 4 c) si n est divisible par 4 alors il existe un entier naturel m tel que n = 4m et donc r = 4m 100q donc r = 4(m-25q) ; r est 0 et m et q sont des entiers naturels donc m-25q est un entier naturel donc r est divisible par 4 c) n est divisible par 4 si et seulement si r est divisible par 4 Or n= a p 10 p + a p-1 10 p-1 + a p-2 10 p-2 +.a a 0 Donc le reste r de la division euclidienne de n par 100 est a a 0 cʼest à dire le nombre formé par les deux derniers chiffres de n. donc n est divisible par 4 si et seulement si le nombre formé par les deux derniers chiffres de n est divisible par 4 3) n a au moins trois chiffres a) n= a p 10 p + a p-1 10 p-1 + a p-2 10 p a a a 0 donc la division euclidienne de n par 1000 a pour reste a a a 0 et puisque 1000= 8 x 125, n est divisible par 8 si et seulement si ce reste est divisible par 8 donc si le nombre formé par ses trois derniers chiffres est divisible par 8. b) le nombre est divisible par 8 car ses deux derniers chiffres forment le nombre 552 qui est divisible par 8 : 552 = 8 x 69 4) a) les nombres entiers naturels ayant au moins p chiffres (p 1) sont divisibles par 2 p si et seulement si le nombre formé par les p derniers chiffres est divisible par 2 p 5) 5552= 16 x 347 donc est divisible par 16 donc est divisible par =32 x 1111 donc est divisible par 32 donc est divisible par = 64 x 2118 donc est divisible par 32 donc est divisible par 64 Mais nʼest pas divisible par 128 donc nʼest pas divisible par = 2 7 donc la plus grande puissance de 2 qui divise le nombre est 2 6. Exercice 14 1) 1001 = ) mcdu = 1000 m c + 10 d + u Or 1000 = , 100 = et 10 = 11 1 Dʼoù mcdu= 1001 m + 99 c + 11 d m + c d + u. 3) a. mcdu = (91 m + 9 c + d) 11 m + c d + u donc mcdu a même reste de division par 11 que m + c d + u. mcduest divisible par 11 si et seulement si m + c d + u est divisible par 11. b. mcdu a mc centaines, il faut donc trouver quatre nombres de la forme 38du, divisibles par 11, c'est à dire tels que d + u, ou encore u d + 5, soit divisible par 11, par exemple, pour u = d 5, en prenant d = 5, 6, 7 et 8 on obtient les nombres divisibles par 11 et ayant 38 centaines : 3850, 3861, 3872 et ) a = = = =

12 Donc abmcdu a même reste de division par 11 que a + b m + c d + u. b. 1, = = Or = 0 donc est un multiple de 11 ; un multiple d'un multiple de 11 étant encore un multiple de 11 : 1, est un multiple de 11 et donc divisible par 11! Exercice 15 Méthode 1 : Soit x et y les mesures en cm des longueurs des côtés x 6 = y 7 soit 6y = 7x x et y sont des multiples de 19 Si n désigne le nombre de carreaux sur la largeur et nʼ le nombre de carreaux sur la longueur. On sait dʼaprès lʼénoncé que n et nʼ sont deux entiers Avec n x nʼ = 2688 et x = 19n et y = 19nʼ Donc x y = 19 2 x n x nʼ = 19 2 x 2688 donc 7x 2 = 6xy= 6 x 19 2 x x 2 = 6 x19 2 x 7 x 384 donc x 2 = 6 x19 2 x 384 = 19 2 x 6 X 6 x 64 x = 19 x 48 et y = 19 x 56 donc x = 912 cm et y = 1064 cm Méthode 2 : Les mesures en cm du rectangle sont 7k et 6k (k, nombre réel) Lʼaire de la salle en cm 2 est donc 7k x 6k = 42 k 2 Dʼaprès lʼénoncé on sait que les dimensions de la salle sont des entiers (donc k entier) et son aire en cm 2 est : 2688 x 19 2 Il vient 42 k 2 = 2688 x 19 2 = 64 x 42 x 19 2 donc k 2 = 8 2 x19 2 Dʼoù k = 8 x19 donc les mesures en cm du rectangle sont : 7 x 8 x 19 et 6 x 8 x 19 Soit 1064 cm et 912 cm. Exercice 16 N =mcdu avec m>c>d>u>0 1) Le plus petit nombre N possible est ) Le plus grand nombre N possible est ) Liste des nombres N pour lesquels le chiffre des milliers est 6 : 6543, 6542, 6541, 6532, 6531, 6521, 6432, 6431, 6421, ) N = 1000m + 100c + 10d + u Nʼ = 1000u + 100d + 10c + m D = N-Nʼ = 1000(m-u) + 100(c-d) + 10(d-c) + (u-m) D = 1000(m-u) + 100(c-d) - 10(c-d) - (m-u) D = 999(m-u) + 90(c-d) 5) D = 9 x [111(m-u) + 10(c-d)] m-u et c-d étant des entiers naturels, 111(m-u) + 10(c-d) est un entier naturel. D est donc un multiple de 9. 6) D est maximum quand les écarts m-u et c-d sont maximum ; or m-u est multiplié par un facteur entier plus grand que c-d. Compte tenu de la condition m>c>d>u, m-u varie entre 8 et 3, la valeur maximum est obtenue pour m=9, u=1. La valeur maximum de la différence c-d est alors de 6, obtenue pour c=8, d=2. D est alors égal à soit D = 8532 N= ) D est minimum pour les écarts minimum de m-u et de c-d ; soit pour m-u = 3 et c-d = 1 La valeur de D est alors , soit D = 3097 Ici les valeurs minimales pour m-u et d-c sont obtenues à chaque fois que les chiffres du nombres N sont consécutifs, ce qui donne six solutions : N = 9876 N = 8765 N = 7654 N = 6543 N = 5432 N = 4321

13 PPCM, PGCD - Nombres premiers entre eux Exercice est un nombre premier car il nʼest pas divisible par 2, 3, 5, 7, 11, 13 et 13 est supérieur à nʼa donc aucun autre diviseur que 1 et = 2 3 x 3x7x139 et = 2 2 x 5 x 7 x139 donc PGCD (23352 ; 19460)= 2 2 x 7 x 139=3892 et PPCM (23352 ; 19460) = 2 3 x 3 x 5 x 7x139 Pour trouver le PGCD on peut aussi utiliser lʼalgorithme dʼeuclide qui utilise des divisions euclidiennes successives : =19460 x et =3892 x Le PGCD est le dernier reste non nul lorsquʼon effectue la division euclidienne du quotient précédent par le reste précédent donc ici le dernier reste non nul est Les diviseurs communs ont pour décomposition : 2 P x 7 q x 139 r et 0 p 2 ; 0 q 1 et 0 r 1 On obtient donc 3 possibilités pour p, 2 pour q et 2 pour r. Il y a donc 3 x 2 x 2 =12 diviseurs communs : 1 ;2 ;4 ;7 ;14 ;28 ;139 ;278 ;556 ;973 ;1946 ; = 2x3 2 et 648=2 3 x3 4 Comme le PGCD de deux nombres est le produit des facteurs premiers communs aux décompositions en facteurs premiers des deux nombres, accompagnés de leur plus petit exposant et que la décomposition du PPCM des deux nombres est composée de tous les facteurs qui interviennent dans les décompositions des deux nombres, accompagnés de leur plus grand exposant, ces dernières peuvent donc comporter les facteurs 2 et 3. Si a et b sont les nombres cherchés, on a donc les possibilités : a =2 3 x3 4 et b = 2x32 et a= 2x3 4 et b= 2 3 x 32 Exercice 2 PPCM= 5 3 x 3 2 x 11 x 2 2 et PGCD = 5 2 x 3 Le produit des deux nombres est (5 3 x 3 x 11)x (2 2 x 5 2 x 3 3 )=5 5 x3 4 x11x2 2 et le produit du PGCD et du PPCM est (5 3 x 3 2 x 11x2 2 ) x(5 2 x3) =5 5 x3 4 x11x2 2.Les deux produits sont donc égaux. Exercice 3 825=3x11x5 2 et 686= 2x7 3 donc leur PGCD est 1.Ils sont premiers entre eux. Leur somme est 1511 et leur produit : nʼest divisible par aucun nombre premier inférieur à 41 et 412=1681 donc 1511 est un nombre premier donc et nʼest pas divisible par 1511 donc 1511 et sont premiers entre eux. Soient deux nombres n et p premiers entre eux.on va raisonner par lʼabsurde : Supposons que leur somme n+p et leur produit np ne soient pas premiers entre eux : alors ils auraient un facteur premier commun d et d serait différent de 1.d divise donc le produit np comme d ne peut diviser à la fois n et p qui sont premiers entre eux, d divise n ou d divise p. Mais p = (n+p)-n donc si d divise (n+p) et n, d divise leur différence, donc d diviserait p et n à la fois ce qui est impossible. La supposition faite est donc absurde donc (n+p) et np sont premiers entre eux Exercice 4 Soit a la mesure en cm de la longueur de lʼarête dʼune boîte cubique, a doit diviser 180, 150 et 90.a est donc un diviseur commun à ces trois nombres et a doit être la plus grande possible. 90 divise 180 donc le PCGD de 180 et de 90 est 90, donc a est le PCGD de 150 et de = 2x3x52 et 90=2x5x32 donc a=2x3x5=30 Cherchons maintenant le nombre de boites qui remplissent la caisse : Sur la longueur qui mesure 180 cm, on peut mettre 6 boites ; sur la largeur on peut mettre 5 boites et enfin sur la hauteur, On peut mettre 3 boites on peut donc mettre 6x5x3 boites soit 90 boites. Exercice 5 Le fait que le boulanger ne puisse pas faire de paquets contenant le même nombre de friandises sans quʼil nʼy en ait dʼincomplet sauf à mettre une friandise dans chaque paquet peut se traduire mathématiquement par le fait que le nombre total n de friandises nʼa pas de diviseur autre que lui-même et 1. Le nombre total n de friandises est donc un nombre premier compris entre 830 et 840. Rappelons quʼun nombre premier nʼa que deux diviseurs : 1 et lui-même. Analysons tous les nombres compris entre 830 et 840 du point de vue du nombre de leurs diviseurs : Nous pouvons éliminer tous les nombres pairs de cet intervalle. En effet, ils ont au moins trois diviseurs : eux-mêmes, 1 et 2. Nous pouvons aussi éliminer 835 qui a plus de deux diviseurs : 1, lui-même et est divisible par 3 parce que la somme de ses chiffres est divisible par est divisible par 3 pour les mêmes raisons. Ces deux nombres ont donc plus de deux diviseurs : 3, 1 et eux-mêmes. 833 nʼest pas divisible par 2, 3, 4, 5. Par contre il est divisible par 7 : 833 = 7 x 119. Aucun nombre premier compris entre 2 et 29 (Il est en effet inutile dʼessayer de diviser 833 par un nombre premier supérieur à 29 lorsquʼon divise 833 par 29, le quotient euclidien est inférieur à 29. On peut aussi dire que 292 = 841 et que 841>833) ne divise 839 : il suffit dʼessayer en utilisant une calculette. On en déduit alors que 839 nʼa pour seuls diviseurs que 1 et lui-même. Il est donc premier. Le nombre total de friandises est donc égal à 839.

14 Exercice 6 Un rectangle est déterminé par deux dimensions p et q. Ici, p et q sont des nombres entiers correspondent au nombre de pièces carrées que lʼon peut placer sur la longueur et la largeur du rectangle. Ils sont donc tels que pxq = 476. p et q sont des diviseurs de 476. Il sʼagit alors de trouver tous les diviseurs de 476 et de les regrouper par paire de telle sorte quʼen multipliant deux éléments dʼune paire, on trouve 476. Pour trouver les diviseurs de 476, on peut : - décomposer 476 en produit de facteurs premiers : 476 = 2x2x7x17. Lʼensemble des diviseurs de 476 sʼobtient en réalisant toutes les combinaisons des facteurs premiers un à un, deux à deux, trois à trois...soit 2 ;7 ;17 ; 2x2 = 4 ; 2x7 = 14 ; 2x2x7 =28 ; 2x17 = 34 ; 2x2x17= 68; 7x17 = 119 ; 2x7x17 = 238 ; et 2x2x7x17=476. Il ne faut pas oublier 1, qui divise 476, mais qui nʼapparaît pas dans la décomposition en produit de facteurs premiers. - essayer de diviser 476 par tous les nombres qui lui sont inférieurs. En associant par paire les diviseurs, on peut alors trouver les dimensions de tous les rectangles possibles : 1 x 476 ; 2 x 238 ; 4 x 119 ; 7 x 68 ; 14 x 34 ; 17 x 28 ; On peut donc construire six rectangles différents avec 476 pièces carrées identiques. Exercice 7 Une dalle carrée a ses dimensions égales. Soit n cette dimension en cm. la dalle pave le rectangle si n divise les deux dimensions du rectangle et donc si n est un diviseur commun à ces deux nombres. La dalle carrée la plus grande possible donc celle dont la dimension est le plus grand diviseur commun aux deux dimensions du rectangle. 1) Cherchons le plus grand diviseur commun (PGCD) aux deux nombres 175 et 315. Pour cela : - soit on écrit la liste de tous les diviseurs de 175 et de 315 et on choisit ensuite le plus grand des nombres communs à ces deux listes : 175 = 5 x 35 = 5x5x7 = 52 x7 (décomposition en produits de facteurs premiers du nombre 175) Les diviseurs de 175 sont donc 1, 5, 7, 25, 35 et =5x63=5x7x9=5x7x3x3 = 32 x 5 x 7 (décomposition en produit de facteurs premiers de 315) Les diviseurs de 315 sont donc : 1, 3, 5, 7, 9, 15, 21, 35, 45, 63, 10, 315. Le PGCD de 175 et 315 est donc soit on écrit la décomposition en facteurs premiers de chacun des nombres et le PGCD est le nombre obtenu en faisant le produit de tous les facteurs premiers communs aux deux nombres accompagnés de leur plus petit exposant : 175 = 52x7 et 315 = 32x5x7. Le PGCD de 175 et de 315 est donc 3x5 = 35 La plus grande dalle carrée pouvant paver le rectangle a donc pour longueur de côté 35 cm. 2) En utilisant les méthodes précédentes appliquées aux nouvelles dimensions du rectangle, on trouve que Le PGCD de 176 et de 315 est 1. Ces deux nombres sont donc premiers entre eux. Dans ce cas, La plus grande dalle carrée pouvant paver le rectangle a donc pour longueur de côté 1cm. Exercice 8 La hauteur de la tour de Bruno est un multiple de 72 mm. La hauteur de la tour de Léo est un multiple de 90 mm. Pour que la tour construite par Bruno soit aussi haute que celle de Léo, il faut que sa hauteur soit à la fois multiple de 72 mm et de 90 mm. Il faut donc que sa mesure soit un multiple commun à 72 et à 90. Mais comme elle doit être la moins haute possible, il faut que ce multiple commun soit le plus petit possible. Cʼest donc le plus petit commun multiple (PPCM) aux deux nombres 72 et 90. Pour trouver le PPCM des nombres 72 et 90, on peut : - soit écrire la liste des multiples de 72 et 90 et choisir le plus petit nombre commun à ces deux listes : Multiples de 72 : 72, 144, 216, 288, 360, 432,... Multiples de 90 : 90, 180, 270, 360, 450,... Le PPCM de 72 et 90 est donc soit écrire la décomposition en facteurs premiers de chacun des deux nombres et le PPCM est le nombre obtenu en faisant le produit de tous les facteurs premiers présents dans les deux décompositions accompagnés de leur plus grand exposant. 72 = 2 3 x 32 et 90 = 2x 32 x 5. Le PPCM de 72 et de 90 est donc égal à 2 3 x 32 x 5 = 360. La tour aura donc pour hauteur 360 mm, elle sera composée de 5 cubes de 72 mm et 4 cubes de 90 mm dʼarête. Vrai faux : justifier 1) Si a est un nombre entier pair alors a 2 est aussi un nombre entier pair. Vrai : si a est pair alors a = 2p et a 2 = 4 p 2 = 2(2 p 2 ) 2) a et q sont deux nombres entiers naturels. L'égalité a = 13q + 18 montre que q est le quotient euclidien de a par 13. Faux car 18 > 13 3) Si le nombre à quatre chiffres 8b76 est un multiple de trois alors le nombre b est un multiple de 3. Vrai car alors 8 + b est un multiple de 3 et vaut 21 + b et 21 est un multiple de3 donc b aussi. 4) Le produit de trois nombres consécutifs dont le premier est pair est divisible par 24. Faux exemple :3 x 4 x 5 = 60 qui n est pas un multiple de 24

15 1 affirmation Vrai ou justification faux Soit un nombre entier (a centaines, b dizaines et c faux Contre exemple : 693 unités), si est divisible par 99, alors :a+b+c est multiple de 9 et a-b+c est multiple de La somme de trois nombres entiers consécutifs est Vrai n +(n+1) + ( n+2) = 3n +3 toujours divisible par 3 soit 3(n+1) 3 Un nombre divisible par 6 et par 8 est divisible par 48 faux Contre exemple : 24 4 Les nombres 252 et 715 sont premiers entre eux vrai Leur pgcd est 1 5 Soit a, b, c trois entiers compris entre 0 et 9. On peut vrai affirmer que les nombres qui s écrivent base dix sont des multiples de 13 en =1000x abc + abc donc =1001 x abc et 1001 = 7 x 11 x 13